位运算专题

Java Bit Operation-位运算基本概念介绍

Java Bit Operation-位运算类型转换

leetcode bit operator 位运算入门介绍

leetcode 002-leetcode.136 single-number 力扣.136 只出现一次的数字

leetcode 002-leetcode.137 single-number-ii 力扣.137 只出现一次的数字II

leetcode 002-leetcode.260 single-number-iii 力扣.260 只出现一次的数字III

题目

给定一个包含 n + 1 个整数的数组 nums ,其数字都在 [1, n] 范围内(包括 1 和 n),可知至少存在一个重复的整数。

假设 nums 只有 一个重复的整数 ,返回 这个重复的数 。

你设计的解决方案必须 不修改 数组 nums 且只用常量级 O(1) 的额外空间。

示例 1:

输入:nums = [1,3,4,2,2] 输出:2

示例 2:

输入:nums = [3,1,3,4,2] 输出:3

示例 3 :

输入:nums = [3,3,3,3,3] 输出:3

提示:

1 <= n <= 10^5

nums.length == n + 1

1 <= nums[i] <= n

nums 中 只有一个整数 出现 两次或多次 ,其余整数均只出现 一次

进阶:

如何证明 nums 中至少存在一个重复的数字?

你可以设计一个线性级时间复杂度 O(n) 的解决方案吗?

一些解法对比

解法 修改数组 空间复杂度 时间复杂度 满足题意? 备注
🏆 Floyd 判圈(快慢指针) ✅不修改 ✅ O(1) ✅ O(n) ✅✅✅✅ ✔️最推荐
二分查找(值域) ✅不修改 ✅ O(1) ✅ O(n log n) ✅✅✅ ✔️合理替代方案
哈希集合 ✅不修改 ❌ O(n) ✅ O(n) 空间超了
排序后找重复 ❌or✅(看是否原地排序) ✅ O(n log n) 可能修改了数组
原地标记(负号) ✅修改 不符合要求

v1-HashMap/HashSet

思路

通过 Hash 判断元素是否已经存在过,和前面的题目类似。

实现

public int findDuplicate(int[] nums) {
    Set<Integer> set = new HashSet<>();
    for(int i = 0; i < nums.length; i++){
        int num = nums[i];
        if(set.contains(num)) {
            return num;
        }
        set.add(num);
    }
    return -1;
}

效果

20ms 37.19%

效果一般

反思

不符合禁止使用额外空间

小结

思路不算难 Hash 在这个系列的适用性特别广。

其实这个复杂度就是 O(n)

v2-排序的思路

思路

很自然的想到,比较我们应该先做一个排序。

然后再比较,和下一个相等就存在。

代码

public int findDuplicate(int[] nums) {
    Arrays.sort(nums);
    for(int i = 0; i < nums.length-1; i++){
        if(nums[i] == nums[i+1]) {
             return nums[i];
        }
    }
    return -1;
}

效果

36ms 9.92%

效果竟然比较差,估计是用例的问题。

反思

这个复杂度不够,要求 O(n) 的话

v3-负数标记法

思路

我们可以把一个数,访问后标记为原来的负数。

这样如果有一个数重复,我们就可以发现这个数。

实现

public int findDuplicate(int[] nums) {
        for (int i = 0; i < nums.length; i++) {
            int val = Math.abs(nums[i]);
            if (nums[val] < 0) {
                return val;
            }
            nums[val] = -nums[val];
        }
        return -1;
}

效果

3ms 击败 97.58%

反思

不符合题意,不允许修改

v4-二分

思路

这个二分也挺巧妙的,不做排序,我愿称之为二分的经典之作。

注意不是对数组下标二分,而是对 数值范围 [1, n] 进行二分。

中位数 mid = (left + right) / 2

统计小于等于 mid 的数有多少个:

如果个数 > mid,说明重复数在左边。

否则在右边。

实现

    public int findDuplicate(int[] nums) {
        //对 数值范围 [1, n] 进行二分
        int left = 1;
        int right = nums.length;

        while (left < right) {
            int mid = left + (right-left) / 2;
            int count = 0;
            for (int num : nums) {
                if (num <= mid) count++;
            }

            // 如果个数 > mid,说明重复数在左边。
            if(count > mid) {
                right = mid;
            } else {
                left = mid+1;
            }
        }
        return left;
    }

效果

28ms 击败 10.05%

v5-快慢指针

思路

还记得如何判断一个链表是否有环吗?

快慢指针。

可是和这一题有什么关系?

思维

将数组看成链表,值为 next 指针,查找环的入口。

nums[i] 是下一个节点的索引,因此整个数组可以看作一个链表。

数组中有重复元素 → 一定会成环。

用 Floyd 判圈法找重复数字(环的起点就是重复的数)。

我愿称之为天才!

实现

    public int findDuplicate(int[] nums) {
        // 二者从开始一起走
        int slow = nums[0];
        int fast = nums[0];

        // 第一次相遇
        do {
            // 一步
            slow = nums[slow];
            // 走两步
            fast = nums[fast];
            fast = nums[fast];
        } while (slow != fast);


        // 第二步:从起点和相遇点出发,再次相遇就是“环的入口”==重复的数
        fast = nums[0];
        while (slow != fast) {
            slow = nums[slow];
            fast = nums[fast];
        }
        
        return slow;
    }

效果

4ms 击败 95.14%

小结

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下一节我们将讲解力扣经典题目,感兴趣的小伙伴可以关注一波,精彩内容,不容错过。